Dynkin- System < Stochastik < Hochschule < Mathe < Vorhilfe
|
| Status: |
(Frage) beantwortet  | | Datum: | 09:25 Di 12.05.2020 | | Autor: | NathanR |
| Aufgabe | a) $F$ sei eine [mm] $\sigma$ [/mm] - Algebra in [mm] $\Omega \neq \emptyset$ [/mm] und [mm] $\mu_{1}, \mu_{2}$ [/mm] seien zwei Maße auf [mm] $(\Omega, [/mm] F)$.
Zeige: Für $A [mm] \in [/mm] F$ mit [mm] $\mu_{1}(A) [/mm] = [mm] \mu_{2}(A) [/mm] < [mm] \infty$ [/mm] ist
[mm] $D_{A} [/mm] := [mm] \{ D \in F\; \vert \; \mu_{1}(A \cap D) = \mu_{2}(A \cap D) \}$
[/mm]
ein Dynkin-System in [mm] $\Omega$.
[/mm]
Ist [mm] $D_{A}$ [/mm] eine [mm] $\sigma$ [/mm] - Algebra in [mm] $\Omega$ [/mm] ?
Man gebe eventuell ein Gegenbeispiel an.
b) Man gebe ein Beispiel für einen Ring an, der kein Dynkin-System ist
und ein Beispiel fur ein Dynkin-System, das kein Semiring ist. |
Moin am frühen Morgen 
Sei $A [mm] \in [/mm] F$ mit [mm] $\mu_{1}, \mu_{2}$.
[/mm]
Um zu zeigen, dass [mm] $D_{A}$ [/mm] ein Dynkin - System ist, zeige ich
i) [mm] $\Omega \in D_{A}$
[/mm]
ii) Aus $B, C [mm] \in [/mm] D$ mit $C [mm] \subseteq [/mm] B$ folgt $B [mm] \setminus [/mm] C [mm] \in D_{A}$ [/mm] oder
ii)' Aus $B [mm] \in D_{A}$ [/mm] folgt [mm] $B^{c} \in D_{A}$
[/mm]
iii) Für abzählbar viele [mm] $A_{1}, A_{2}, \ldots\in D_{A}$ [/mm] mit [mm] $A_{i} \cap A_{j} [/mm] = [mm] \emptyset$ [/mm] für $i [mm] \neq [/mm] j$ folgt [mm] $\bigcup\limits_{i \in \mathbb{N}} A_{i} \in D_{A}$. [/mm]
Die i) ist klar.
Es gilt $A [mm] \subseteq \Omega$, [/mm] d.h. [mm] $\Omega \cap [/mm] A = A $.
Folglich ergibt sich [mm] $\mu_{1} [/mm] (A [mm] \cap \Omega) [/mm] = [mm] \mu_{1} [/mm] (A) = [mm] \mu_{2} [/mm] (A ) = [mm] \mu_{2} [/mm] (A [mm] \cap \Omega)$
[/mm]
Also ist [mm] $\Omega \in D_{A}$
[/mm]
Die ii) ist für mich weniger klar, da ich es nicht hin bekomme, die Menge geschickt umzuschreiben, so dass ich auf eine Lösung komme.
Seien $B, C [mm] \in D_{A}$ [/mm] mit $C [mm] \subseteq [/mm] B$.
Da $B [mm] \in D_{A}$, [/mm] gilt [mm] $\mu_{1} [/mm] (A [mm] \cap [/mm] B) = [mm] \mu_{2} [/mm] (A [mm] \cap [/mm] B)$
Da $C [mm] \in D_{A}$, [/mm] gilt [mm] $\mu_{1} [/mm] (A [mm] \cap [/mm] C) = [mm] \mu_{2} [/mm] (A [mm] \cap [/mm] C)$
Wie zeige ich, dass [mm] $\mu_{1} [/mm] (A [mm] \cap [/mm] B [mm] \setminus [/mm] C) = [mm] \mu_{2} [/mm] (A [mm] \cap [/mm] B [mm] \setminus [/mm] C)$ gilt ?
Mir fällt keine Idee ein, wie ich die Menge $A [mm] \cap [/mm] B [mm] \setminus [/mm] C$ geschickt umschreiben kann, außer
$A [mm] \cap [/mm] B [mm] \setminus [/mm] C = A [mm] \cap [/mm] B [mm] \cap C^{c}$
[/mm]
Ich habe vor, die Menge irgendwie als disjunkte Vereinigung zu schreiben, so dass ich die [mm] $\sigma$ [/mm] - Additivität der Maße [mm] $\mu_{1}$ [/mm] und [mm] $\mu_{2}$ [/mm] ausnutzen kann.
Vielleicht ergibt sich dann was nützliches.
Bedanke mich schon mal im Voraus!
|
|
| |
|
Hiho,
> Moin am frühen Morgen
naja… wenn du das um 6:00 geschrieben hättest…
> Ich habe vor, die Menge irgendwie als disjunkte Vereinigung
> zu schreiben, so dass ich die [mm]\sigma[/mm] - Additivität der
> Maße [mm]\mu_{1}[/mm] und [mm]\mu_{2}[/mm] ausnutzen kann.
>
> Vielleicht ergibt sich dann was nützliches.
zeige lieber ii') das ist ein Einzeiler:
Es ist [mm] $\Omega [/mm] = B [mm] \cup B^c$ [/mm] und damit sowohl [mm] $\mu_1(A) [/mm] = [mm] \mu_1(A \cap [/mm] (B [mm] \cup B^c)) [/mm] = [mm] \ldots$ [/mm] als auch [mm] $\mu_2(A) [/mm] = [mm] \mu_2(A \cap [/mm] (B [mm] \cup B^c)) [/mm] = [mm] \ldots$
[/mm]
Mit [mm] $\mu_1(A) [/mm] = [mm] \mu_2(A)$ [/mm] folgt das Gewünschte…
Gruß,
Gono
|
|
|
| |
|
| Status: |
(Frage) beantwortet | | Datum: | 08:10 Mi 13.05.2020 | | Autor: | NathanR |
Guten Morgen!
> zeige lieber ii') das ist ein Einzeiler:
> Es ist [mm]\Omega = B \cup B^c[/mm] und damit sowohl [mm]\mu_1(A) = \mu_1(A \cap (B \cup B^c)) = \ldots[/mm]
> als auch [mm]\mu_2(A) = \mu_2(A \cap (B \cup B^c)) = \ldots[/mm]
>
> Mit [mm]\mu_1(A) = \mu_2(A)[/mm] folgt das Gewünschte…
>
> Gruß,
> Gono
Stimmt... Dankeschön für den Tipp.
Sei $B [mm] \in D_{A}$.
[/mm]
Es ist [mm] $\Omega [/mm] = B [mm] \cup B^{c}$.
[/mm]
[mm] $\mu_{1}(A) [/mm] = [mm] \mu_{1}(A) [/mm] = [mm] \mu_{1}(A \cap \Omega) [/mm] = [mm] \mu_{1}(A \cap [/mm] (B [mm] \cup B^{c})) [/mm] = [mm] \mu_{1}(A \cap [/mm] B [mm] \cup [/mm] A [mm] \cap B^{c})$
[/mm]
[mm] $\mu_{2}(A) [/mm] = [mm] \mu_{2}(A) [/mm] = [mm] \mu_{2}(A \cap \Omega) [/mm] = [mm] \mu_{2}(A \cap [/mm] (B [mm] \cup B^{c})) [/mm] = [mm] \mu_{2}(A \cap [/mm] B [mm] \cup [/mm] A [mm] \cap B^{c})$
[/mm]
Weil die Mengen $A [mm] \cap [/mm] B$ und $A [mm] \cap B^{c}$ [/mm] disjunkt sind, gilt
[mm] $\mu_{1} [/mm] (A) = [mm] \mu_{1}(A \cap [/mm] B [mm] \cup [/mm] A [mm] \cap B^{c}) [/mm] = [mm] \mu_{1}(A \cap [/mm] B ) + [mm] \mu_{1} [/mm] ( A [mm] \cap B^{c})$ [/mm] und [mm] $\mu_{2} [/mm] (A) = [mm] \mu_{2}(A \cap [/mm] B [mm] \cup [/mm] A [mm] \cap B^{c}) [/mm] = [mm] \mu_{2}(A \cap [/mm] B ) + [mm] \mu_{2} [/mm] ( A [mm] \cap B^{c})$
[/mm]
Wegen der Voraussetzung haben wir die Gleichheit [mm] $\mu_{1}(A \cap [/mm] B ) + [mm] \mu_{1} [/mm] ( A [mm] \cap B^{c})$ [/mm] und [mm] $\mu_{2} [/mm] (A) = [mm] \mu_{2}(A \cap [/mm] B ) + [mm] \mu_{2} [/mm] ( A [mm] \cap B^{c})$
[/mm]
Daraus folgt sofort, dass [mm] $\mu_{1} [/mm] ( A [mm] \cap B^{c}) [/mm] = [mm] \mu_{2} [/mm] ( A [mm] \cap B^{c})$ [/mm] . Also ist [mm] $B^{c} \in D_{A}$.
[/mm]
Es scheint so, als könnte ich den selben Trick auch anwenden, wenn ich die Eigenschaft $iii)$ nachweisen möchte.
Seien [mm] $A_{1}, A_{2}, \ldots \in D_{A}$ [/mm] mit [mm] $A_{i} \cap A_{j} [/mm] = [mm] \emptyset$ [/mm] für $ i [mm] \neq [/mm] j$.
Es ist [mm] $\Omega [/mm] = [mm] \bigcup\limits_{i = 1}^{\infty} A_{i} \cup \left ( \bigcup\limits_{i = 1}^{\infty} A_{i} \right )^{c}$
[/mm]
Dann ergibt sich
[mm] $\mu_{1}(A) [/mm] = [mm] \mu_{1}(A \cap \Omega) [/mm] = [mm] \mu_{1}\left (A \cap \bigcup\limits_{i = 1}^{\infty} A_{i} \cup \left ( \bigcup\limits_{i = 1}^{\infty} A_{i} \right )^{c}\right [/mm] ) = [mm] \mu_{1}\left ( \bigcup\limits_{i = 1}^{\infty} A \cap A_{i} \cup \left ( \bigcup\limits_{i = 1}^{\infty} A_{i} \right )^{c}\right [/mm] ) = [mm] \mu_{1}\left ( \bigcup\limits_{i = 1}^{\infty} A \cap A_{i} \cup \bigcap\limits_{i = 1}^{\infty} A_{i}^{c}\right [/mm] ) = [mm] \mu_{1}\left ( \bigcap\limits_{i = 1}^{\infty} \bigcup\limits_{i = 1}^{\infty} (A \cap A_{i}) \cup A_{i}^{c}\right [/mm] ) = [mm] \mu_{1}\left ( \bigcap\limits_{i = 1}^{\infty} \bigcup\limits_{i = 1}^{\infty} (A \cup A_{i}^{c}) \cap (A_{i} \cup A_{i}^{c}) \right [/mm] ) = [mm] \mu_{1}\left ( \bigcap\limits_{i = 1}^{\infty} \bigcup\limits_{i = 1}^{\infty} (A \cup A_{i}^{c}) \cap \Omega \right [/mm] ) = [mm] \mu_{1}\left ( \bigcap\limits_{i = 1}^{\infty} \bigcup\limits_{i = 1}^{\infty} (A \cup A_{i}^{c})\right [/mm] ) $
Hättest du dazu auch einen Tipp, wie man weiter vereinfachen könnte (sofern das bis jetzt richtig ist) ?
Viele Grüße, Nathan
|
|
|
| |
|
Hiho,
> Wegen der Voraussetzung haben wir die Gleichheit [mm]\mu_{1}(A \cap B ) + \mu_{1} ( A \cap B^{c})[/mm]
> und [mm]\mu_{2} (A) = \mu_{2}(A \cap B ) + \mu_{2} ( A \cap B^{c})[/mm]
>
> Daraus folgt sofort, dass [mm]\mu_{1} ( A \cap B^{c}) = \mu_{2} ( A \cap B^{c})[/mm]
Da ebenfalls [mm] $\mu_{1}(A \cap [/mm] B ) = [mm] \mu_{2}(A \cap [/mm] B )$ nach Voraussetzung gilt… solltest du vielleicht noch erwähnen.
> Es ist [mm]\Omega = \bigcup\limits_{i = 1}^{\infty} A_{i} \cup \left ( \bigcup\limits_{i = 1}^{\infty} A_{i} \right )^{c}[/mm]
Das ist hier total unnötig…
Nach Voraussetzung ist [mm] $A_i \in D_A$, [/mm] daraus folgt:
[mm] $\mu_1\left(A \cap \bigcup_{i=1}^\infty A_i\right) [/mm] = [mm] \mu_1\left(\bigcup_{i=1}^\infty (A \cap A_i)\right) [/mm] = [mm] \summe_{i=1}^\infty \ldots [/mm] = [mm] \ldots [/mm] = [mm] \mu_2\left(A \cap \bigcup_{i=1}^\infty A_i\right)$
[/mm]
Füll die [mm] \ldots [/mm] mal selbst.
Gruß,
Gono
|
|
|
| |
|
| Status: |
(Mitteilung) Reaktion unnötig  | | Datum: | 17:40 Mi 13.05.2020 | | Autor: | NathanR |
> > Es ist [mm]\Omega = \bigcup\limits_{i = 1}^{\infty} A_{i} \cup \left ( \bigcup\limits_{i = 1}^{\infty} A_{i} \right )^{c}[/mm]
>
> Das ist hier total unnötig…
>
> Nach Voraussetzung ist [mm]A_i \in D_A[/mm], daraus folgt:
>
> [mm]\mu_1\left(A \cap \bigcup_{i=1}^\infty A_i\right) = \mu_1\left(\bigcup_{i=1}^\infty (A \cap A_i)\right) = \summe_{i=1}^\infty \ldots = \ldots = \mu_2\left(A \cap \bigcup_{i=1}^\infty A_i\right)[/mm]
>
> Füll die [mm]\ldots[/mm] mal selbst.
>
> Gruß,
> Gono
Ah, jetzt sehe ich's.
Wir haben dann
[mm] $\mu_1\left(A \cap \bigcup_{i=1}^\infty A_i\right) [/mm] = [mm] \mu_1\left(\bigcup_{i=1}^\infty (A \cap A_i)\right) [/mm] = [mm] \summe_{i=1}^\infty \mu_{1}(A \cap A_i) \overset{A_{i} \in D_{A}}{\underset{\text{}}{=}} \summe_{i=1}^\infty \mu_{2}(A \cap A_i) [/mm] = [mm] \mu_2\left(\bigcup_{i=1}^\infty (A \cap A_i)\right) [/mm] = [mm] \mu_2\left(A \cap \bigcup_{i=1}^\infty A_i\right)$
[/mm]
Also gilt [mm] $\bigcup_{i=1}^\infty A_i \in D_{A}$
[/mm]
Dankeschön für die Hilfe!
Ich suche nun nach einem Beispiel zur b) und zum zweiten Teil der a).
Falls ich nach längerer Zeit kein Beispiel finde, melde ich mich evt. noch mal.
Schönen Abend noch,
Nathan
|
|
|
|
